物理试题_2025届高三押题信息卷（一）

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2025届高三押题信息卷 物理（一）参考答案 该核反应对人和环境有辐射危害，需严格防护，A错误：核反应前后质量数守恒，质量发生亏损，B错误：在该核反应 中，会释放出大量的能量，生成物更稳定，因为比结合能越大，原子核越稳定，可知轴核的比结合能比钡核的小，C错误： 要使裂变反应更剧烈一些，应使镉棒插入浅一些，让它少吸收一些中子，增大链式反应的速度，D正确， 若电器是纯电阻，则阻值为号=484n,若非纯电阻则不为48,4，A错误：用交流电流表和电压表测得的数值是 有效值，B错误：高压送电可减少电能损耗，C正确；只有正弦式文变电流的有效值和最大值之间存在U-号和1=壳 的关系，其他交流电不满足此关系，D错误。 物块所受重力沿斜面向下的分力大小为mgsi0=6N<F=8N,可知，物块相对于斜面有向上运动的趋势，物块所 受摩擦力的方向沿斜面向下，大小为F,=F一gsn=2N,A正确：物块处于静止状态，所受合力为0，物块受到重力 绳子的拉力，斜面的支持力与沿斜面向下的摩擦力四个力的作用，根据平衡条件可知，物块所受支持力和绳子拉力的合 力与重力和摩擦力的合力等大反向，物块所受支持力和绳子拉力的合力大小不等于重力的大小10N,B错误：将斜面、 骨轮与物块作为整体，对整体进行分析，根据平衡条件有N=mg十Mg十F=38N,即地面对斜面体的支持力为38N, 二错误：结合上述，将斜面体、滑轮与物块作为整体，对整体进行分析，整体受到弹簧竖直向下的拉力、竖直向下的重力 与竖直向上的支持力，整体在水平方向没有受到其它作用力，即整体相对于水平面没有运动趋势，即地面对斜面体的摩 擦力大小为0，D错误 探测器在Q点与地球的距离大于在停泊轨道上与地球的距离，在Q点受到地球的万有引力小于在停泊轨道上受到 地球的万有引力，A错误：探测器在P点和停泊轨道上只受到万有引力，在P点与地球的距离和停泊轨道与地球的距离 相同，所以受到的万有引力大小相等，探测器在P点的加速度大小等于在停泊轨道上的加速度大小，B正确：在P点进入 椭圆轨道，做离心运动，所以在P点必须加速，C错误：在椭圆轨道上运行时经过P点的速度比Q点的速度大，D错误 由两波源振动规律y=Asino=10siπ(cm)可知两列波的周期T=2s,M.P两波源产生的两列简谱波传到N点的 时间差是1s,则有四-3四=1，解得w=1m/s,则波长X=T=2m由几何关系可知=/m十3m= m,而被长A=2m,当M,P间的点与M,P的距离差等于波长的整数倍时，该点为振动加强点，设该点到M,P点的距 离为x,有|(5-x)一x=d=2(n=0,1,2…),解得x=4.5m,x=3.5m,x=2.5m,x=1.5m,x=0.5m,所以 M.P两点所在的直线共有5个点为振动加强点，A正确 根据0-：图像的斜率表示加速度，可得汽车刚出发时的加速度大小为a=是智=号m/公=2m/公，A错误：由-1图 豫可得，3s时斜率由正值变为负值，所以3s时汽车加速度开始反向，B正确；v-1图线围成的面积为汽车位移，汽车在 8末的位移大小=冬m=12m,C错误：由图像围成的面积可得，前6s内汽车通过的路程C鲤鱼只受重力，加速度均为g,鲤鱼在P点的加速度与鲤鱼在N点的加速度一样大，A错误：斜地运动最小速度为 M点的水平分速度，由于r与水平方向夹角大于B,鲤鱼运动的最小速度小于cOs0=1m/s,B错误：将MN段等效为 反向平抛运动.由平地运动得1an=立y=子g=1,解得1=2四m9,由几何关系知NP与水平方向夹角为30. g 0=亭，C正确；由y之g产知，MN段鲤鱼竖直位移大小为NP段竖直位移的9倍.MN段水平位花 小是NP段水平位移大小的3倍，合位移不为6倍，D错误. AC根据楞次定律和右手定则可知，线圈中感应电流为顺时针方向，因此电子运动方向为逆时针，A正确；线圈不在磁 场中，不受安培力，无收缩扩张的趋势，B错误；线圈中磁通量变化率为A地=k',线圈中的感应电动势为E=地= △ k',变化过程中产生的焦耳热为Q= 景=R卫.由于1=兴=受联立解得Q级.C正确：通过导线的 R R 电荷量为g==景，解得g-紧，D错误 C根据电场的叠加及对称性可知，M,N两点电场强度大小相同，A错误；根据点电荷电场的盈 加，四个点电荷在O点的合场强方向由E指向F,不可能为零；E、FG、H四点场强方向都是水平 向右，B正确：E点场强由E1、E合成，G点场强hEs,E、E、E6合成，四个电荷等量，所以E=E >E=E·Es、E同向，E、E的合场强一定大于E,E的合场强，所以G点的场强大于E点的场 强，C正确：根据矢量合成法则，从E点沿直线到F点，各个位置的场强方向向右，所以将一带正电的 试探电荷从E点沿直线移动到F点，电场力方向向右，所以电场力一直做正功，电荷的电势能一直减小，D错误 AD从。一小，气体的温度升高，分子的平均动能增大，A正确：从一a气体做等容变化，根据查理定律号一光，从a一 6气体做等压变化。则根据盖·昌萨克定律片-兰解得6状态的体积为心=4X10m,B错误a→6气体对外界做 功为W1=p.(V一V.)=480J,b→（气体做等容变化，外界对气体做功为零，故从c气体对外界做功为480J.C错 误：从d,b℃气体做等容变化，外界对气体不做功.从a→b气体对外界做功为W1=480J,从c→d外界对气体做功为 W:=(V,一V)=(V一V,)=240J,故完成一次循环，气体对外界做功为W=W1一W=240J,完成一次循环，气体 内能不变，根据热力学第一定律U=一W十Q=0,可知完成一次循环，气体从外界吸热240J,D正确， (1)AB2分，少选得1分，错选不得分)(2)0.10(2分)200(2分)(3)2,70(2.68~2,72均可)(1分) 解析：(1)用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平 衡时再读数，A正确：应在弹簧的弹性限度范固内进行测量，所挂钩码重力不能超过弹性限度，钩码的数量不可以任意 增加，B正确；每次增加的钩码数量不必相等，C错误， (2)当弹簧的弹力为零时，弹簧处于原长状态，由图可知原长和=0.10m:当弹簧长度为0.15m时，弹力大小为F 10N,对应弹簧的伸长量为△r=0.15m一0,10m=0.05m,由胡克定律F=k△r,解得k=200N/m (3)题图丙中弹簧测力计的最小分度为0.1N,因此要估读到0.01N,根据丙图读出弹簧测力计的示数为2.70N (1)49.15(1分)4.699(4.6984.702均可)(1分)5或5.0(1分)(2)B(1分)F(1分)2(2分)(3)1.8× 10-(2分) 解析：(1)根据游标卡尺读数规则，主尺读数十游标尺读数×精度，该圆柱体的长为49m十3×0.05mm=49.15mm:根 据螺旋测微器读数规则，固定刻度读数+可动刻度读数十估读，圆柱体的直径为多用表的读数为电阻的粗测值，其电阻为