物理试卷-四川省成都石室中学2024-2025学年下高三2025届二诊模拟考试含答题卡

四川省成都市石室中学2024-2025学年度下期高三2025届二诊模拟考试，高中\高三\四川省\成都市\2024-2025学年下\物理三零论坛（30论坛）用百度云盘、腾讯云盘分享的原卷版、解析版及答案，在云盘中的课件资料可在线阅读及保存到自己的云盘，此电子版课件永久免费阅读及下载。

成都石室中学2024一2025学年度下期高2025届二诊模拟考试 物理参考答案 一、单项选择题：本题共7个小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符 合题目要求， 1.【答案】A 【解析】A.He+Be→C+n是查德威克发现中子的核反应方程，属于原子核的人工转变，故A项正 确： B.太阳内部发生的核反应是轻核的聚变反应，U+n→1铭Ba+器Kr+3n是重核的裂变反应，故B项 错误： C,重核衰变后，因放出核能，则其衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，故C项错误： D.根据爱因斯坦质能方程E=mc2,衰变过程要发生质量亏损，故D项错误。 2.【答案】D 【解析】A图甲为薄膜干涉的应用，若所检验的平面是平的，则条纹间距相等，故A项错误： B.图乙中的泊松亮斑，是光通过小圆板衍射形成的，说明光具有波动性，偏振现象才说明了光是一种横波， 故B项错误： C图丙中立体电能利用了光的偏振现象，而增透膜利用了光的干涉，故C项错误： D.图丁中水中气泡明亮和光导纤维的原理都是光的全发射，故D项正确： 3.【答案】C 【解析】设在x=3R处放置正点电荷的电荷量为q,球体可以等效为放置在球心处的点电荷Q,正点电荷© 和带电球体0在=2R处的合场强恰好为零，即人侵，可得Q-4g:依题意，截去右半球后，一2R处的 电场强度大小为E,可知截去的右半球在=2R处产生的电场强度大小等于E,根据对称性可知，余下的 左半球在x=2R处的电场强度大小等于Ea,方向沿x轴负方向，而x=3R处的正点电荷g在=2R处的电场 强度大小为★，方向沿x轴负方向，故x一-2R处的电场强度大小为水十o,故C项正确， 4.【答案】A 【解析】A.在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为a的过程中，摩擦力不做功。物体沿木板下滑过 程中，摩擦力对物体做功为形·gLcose,为负功，故A项正确： B在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为《的过程中，支持力对物体做正功Ww,重力对物体做负 功甲G=·gLsina,对物体用动能定理得Ww一mgl.sa=0-0,故WN=mgLsina。物体沿木板下滑过程中， 支持力对物体不做功，故B项错误： C根据重力做功的特点可知，整个过程中，重力对物体做功为0，故C项错误： D,木板对物体做的功等于摩擦力对物体做功与支持力对物体做功的代数和，故W=W+WN=mgsa一 ngLcosa,故D项错误。 5.【答案】B 【解析】设卫星轨道半径为线速度为，△1时间内卫星与行星中心的连线扫过的面积为S26vat, 由Mm_mv得 r2 兴，综合得，因为A的运行周期大于B的运行周期，根据开普勒第三定律可知，卫星 △t2w A的线速度小于卫星B,故图B正确。 6.【答案】C 【解析】对新能源汽车，由运动学公式得-Vot-jat2,变形得o一at,结合图像可知，o30ms,一a- 5m/s,a-I0mS,则新能源汽车的速度减为零所用的时间为1-3s,刹车时的位移为x店45m。 2 图A为x-图象，图象的斜率表示速度，可知货车以1-5ms的速度做匀速直线运动，两车速度相等所用的 时间为小6.2.5s,而在此时间内两车之间的位移关系为o4-a好-43.75m>ar+442.5m,故图A 错误： 图B为x图像，由2-2m得六2，结合图像可知，立m,所以货车做加速度大小为=加公的 21 匀加速直线运动，则两车速度相等所用的时间为公。，亭。 在此时间内两车的位移关系为 6-a好-0gm>Ar号，好-g2m,故图B错误： 图C、D为1图像，图C在0-2s内的平均速度大于做加速度大小为a5m/s2的匀加速直线运动的平均速 度，而图D在0-2s内的平均速度小于做加速度大小为a=5s2的匀加速直线运动的平均速度，若货车以加 速度a做匀加速直线运动，则两车0-2s内的位移关系有o一at号=△r+片a号-40m,则可知恰好不相撞， 综合上述分析，图C正确，图D错误。 7.【答案】B 【解析】粒子在小圆内做圆周运动的半径为西R,做出轨迹如图所示，由轨迹圆可 知，粒子从A点与OA成30°角的方向射入环形区域，粒子恰好不射出磁场时，轨迹 圆与大圆相切，设粒子在圆周运动的半径为r',由几何关系可知∠0AO2=120°，由余 弦定理可得2Rr24-2Rcs120,解得rR,由B四，得B8,故 3 B项正确。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 8.【答案】CD 【解析】A根据图丙可知，0时刻，质点P沿y轴正方向振动，结合图乙可知该波沿x轴正方向传播，故 A项错误： B.因为P点比Q点先振动，所以Q点在P点右侧，根据题意可知+3=1.05m(m0,1,2,),整理得 20n+15mm-0,,2.小又因为该波波长在0.5m至1m之间，所以0.6m,则该波的传播速度 21 子0.75ms,故B项错误： Co受ads,因此点2的振动方程为)0.2sm受+m,故C项正确： D.根据明显衍射的条件可知，当障碍物的尺寸小于波长或与波长接近时，该波将发生明显衍射，故D项正 确。 9.【答案】AC 【解析】A.设升压变压器原副线图两端电压、电流为U1、U2和、，降压变压器原副线圈两端电压、电流 为U、U和、14，则由题意知，△P=PR=22·25=100W,P=P=1100W,P2=△P+P3=1200W,U2==600V, B.线框过中性面位置时，电动势为零、电流为零，正在变方向，而图示位置为垂直中性面位置，故B项错 误： CP=P=1200W,T0.02s,则线框转动一圈的过程克服安培力做功PT-24,故C项正确： D,若电动机突然卡住，则4增大、P4增大，增大、输电线上的损耗功率△P增大，故D项错误。 10.【答案】BD 【解析】AB.对AB连接体，由牛顿第二定律得，(m1+m2)=m2g+m gcost0-m1gsi0,得a=2ms2,故A项错 误，B项正确： C.设历时，物块A先与传送带达共速，则。2s,此过程中物块发生的位移为x1之at好=4m<L-6m,故 假设成立。之后，设物块A能随传送带向上做匀速运动，则对AB连接体，由平衡条件得，m2gm1gn+f 静0，得了4N<rm1gos0-16N,故假设成立。则物块A做匀速运动的时间为h--0.5s,故A从底 端到达顶端所需时间为+2=2.5s,C项错误。 D,物块A从底端到达顶端时，相对路程为△x=W1x=4×2m-4m=4m,设电动机多做的功为W,根据能量守 恒定律得，W+m2gL-m1 gLsin0-(m1+m22+wm1gcos△，解得W=136J。故D项正确。 三、实验题：本题共2个小题，共14分 11.【答案】(1)BC(2)A(3)B(每空2分) 【详解】(1)为了降低涡流造成的损耗，变压器的铁芯是用相互绝缘的薄硅钢片叠合而成，故A错误：为 便于探究，可以采用控制变量法，故B正确：变压器的原线图接低压交流电，测量副线图电压时应当用交 流电压表，故C正确：虽然实验所用电压较低，但是通电时不可用手接触裸露的导线、接线柱等检查电路， 这样可诚小实验误差，避免发生危险，故D错误。故选BC (2》变压器为理想变压器，则原线圈电压为U-吗-4×6V=21V，故选A n24 (3)假设变压器为理想变压器，则副线圆电压为U,="=×16N=8.0V，考虑到变压器不是理想 8 变压器，则副线圆两端电压小于8.0V,电压表测量有效值，则读数小于8.0W,故选B. 12.【答案】(1)b(2)12(3)2000(每空2分) 【详解】(1)因为有电流表内阻已知，故电流表应采用内接法，图1中电压表右侧导线接： (2)当电压表示数为14.0V,电流表的示数为2.0mA时，热敏电阻的阻值为 =720×102=7.0x102,根据图2可知热敏电阻所处的温度约为12℃： U14.0 R== (3)取控制系统电流为1。=2mA=0.002A,由图2知，当温度为48C时热敏电阻的阻值为3.0×10Q,根 据闭合电路欧姆定律，有。=。 ,代入数据得R=20002,所以若要使得保温箱内温度低于48C, R+R+R 加热系统就开启，应将R:调为20002。