物理试题_湖北省黄冈中学2025届高三第三次模拟考试

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湖北省黄冈中学2025届高三第三次模拟考试参考答案 1.【解析】A.衰变方程为lCs→韶Ba+X,由电荷数守恒和质量数守恒可知X为©，故X 为电子，它由原子核内n→H+_e而来： B。B射线的穿透能力比α射线穿透能力强，故B正确： C.半衰期是由放射性原子核自身内部结构决定，与其他因素无关，故C错误： D.1Cs自发：变产生1gBa,因此Ba比1Cs更稳定，比结合能更大，故D错误。 【答案】B 2.【解析】A,物块在下滑过程中，物块有竖直向下的分加速度，系统的竖直方向上动量不守恒， 故A错误： B.由于M置于光滑水平地面上，在m下滑的过程中，m对M的压力有水平向左的分量，M水平向 左做加速运动，动能增大，又由于此过程中m、M组成的系统机域能守恒，故m的机域能减少，推 知槽对物块的支持力做负功，故B错误： C.小物块下滑过程中m、M组成的系统满足水平方向动量守恒，系统初始水平方向动量为零，故 小球滑到底瑞时满足Mvw=mm,若M>m,则vm>M,小物块在水平面上做匀速运动，撞击 弹簧前后速度等大方向，因此能追上弧形槽，故C正确： D.若物块再次滑上弧形槽，上升到最高点时系统有水平向左的速度，动能不为零，又系统全过程 满足机械能守恒，故滑块的重力势能会减小，不会上升至初始高度，故D错误： 【答案】C 3. 【解析】A.根据G=ma可知a GM ，在P点处，“天问三号”在轨道1上的加速度等 于轨道Ⅱ上的加速度，选项A错误： B.“天问三号“在轨道Ⅱ上的Q点做近心运动，需加速才能进入轨道Ⅲ做圆周运动，需要向后喷 气，选项B错误： C.根据开普勒第二定律可知，在近点的速度大于远点的速度，可知天问三号”在轨道Ⅱ上Q点速 度小于P点速度，“天问三号”在轨道I上的P点做圆周运动，需加速才能进入轨道Ⅱ做离心运动， 可知“天间三号”在轨道】上P点速度小于在轨道Ⅱ上P点速度，“天间三号”在轨道I和轨道Ⅲ上 均绕太阳做圆周运动，其线速度满足学=m二，解得=受轨道Ⅲ半径大，故“天问三号 在轨道Ⅲ上运行速度小于在轨道I上运行速度，综上，“天问三号”在轨道Ⅱ上P点处运行速度最 大： D.天体表面的重力加速度g=兴，又M=PR3,代入得g=,因此g失=品9，选项D错 误： 【答案】C 4.【解析】A。由振动图像，0时刻P点向上运动，所以波沿x轴负向传播，该横波波源的平衡 位置在x=4m处，故A错误： B.计算可知该横波周期7=2，到达平衡位置时速度最大，需要受+=(n+名)s时间，故B 2 错误： C.从振源开始振动到P点开始振动，波源处质点振动了是T,通过路程为35cm,故C正确： D.5m为个波长，用时T,P点通过路程为(40+5+10-5V3)m(55-5V3)m,故D错5.【解析】设弹性绳一侧与竖直方向夹角为为8，弹性绳伸长量为2×三-，弹性绳弹力为k(2× sine 主-D,对结点O受力分析，竖直方向上演足2k(2×三-Dc0s8=mg:分别将9=30°和 sin sina 60°代入，解得瑞=6+3V5,故选D: 【答案】D 6.【解析】以抛出点为原点建坐标系，以水平方向为x轴，以竖直方向为y轴小球A、B地出后水 平方向上只受电场力水平分力作用，水平方向上分加速度均为ax=5m/s2,方向水平向右，竖直 方向上受自身重力和电场力的竖直分力作用，竖直方向上分加速度均为a,=5m/s2,方向竖直向 下，分别对两小球两个方向上加速度进行矢量合成，两小球加速度相同，因此B球相对A球斜向 右下方匀速直线运动，相对速度v=102/5,且B球落地时两球相距最远，设B球落地时间为 ,则有竖直方向上y=a,已，求得t=2s,相距最大距离为x=t=20V2m 【答案】D 7.【解析】线框匀速转动过程始终只有一条边切割磁感线，产生的感应电动势为正弦交流电，电 动势的峰值为Em=8P=号，有效值为E=号=学，整个电路内电阻为2Q,外电路由另 4 一半线框电阻和外接电阻R并联而成，外电阻为1Q,故干路电流为！干=三=A,通过电阻 R+r12 R的电流为干路电流的一半为店A,故R消耗的电功率为PR=PR=5CW 24 144 【答案】A 8,【解析】A,如图所示 连接A、D,过磁场圆圆心O作AD连线的垂线，再过A点作速度的垂线，两垂 线的交点O即为轨迹圆的圆心，由几何知识可知，O'刚好在圆形磁场区域的边 郭上，且OD水平，故微粒从D点离开时对应轨道半径r=R,由qB=m子 解得v=B,A错误： B. 微粒在磁场中运动的位移最大对应为圆的直径，轨道半径r=2,微粒入射速度大小为s B正确： C,只改变入射微粒速度大小，微粒在磁场中运动的轨道对应的圆心角一定小于240°，时间小于 为C错误： D.若将AC下方磁场方向改为垂直纸面向里，磁感应强度大小仍为B,运动位移最大的出射点仍 为C点，对应微粒速度v=(n=1,2,3,…),D正确： 【答案】BD 9.【解析】【详解】A,在b一→心过程中，气体压强不变，体积减小，温度降低，则气体数密度增 加。气体分子平均速率减小，可知单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加，A错误B。在c一a过程中，气体体积增大，气体对外界做正功，又根据P=CT可知，气体温度不变， 气体内能不变，B正确： C。因a两态温度相同，可知在a→h+c过程中，气体内能不变，气体体积减小，外界对气体做 功W=P2(-V),根据△U=W+Q,可知气体放出的热量等于Q=W=P2(-'),C正 确： D.气体在a→b→c→a循环过程中对外做功W=P△V,即为P-V图像围成的面积，可知选项D 错误。 【答案】BC 10,【解析】A,设回路中电流为，导体棒ab、cd的加速度大小分别为a、42,由牛顿第二定 律可得2 mg sin8-2 BIL cos8=2ma1 mg sin8-BIL cos0=ma2,可知任意时刻a1=a2,则 任意时刻两导体棒速度大小都相等。两导体棒释放位置距水平面高度相同，所以当导体棒b到 达左侧倾斜导轨底端时，导体棒cd也恰好到达右侧顷斜导轨底端，速度大小也是，故A正确： B。当两导体棒都进入水平导轨后，由于系统所受合外力为零（水平方向不受外力），系统动量守 恒，设两导体棒相距最近时共同速度为共，以向右为正方向，根据动量守恒定律 2mv-mv=(2m+m)y失，解得失=写≠0，故B错误： C.从两导体棒都进入水平导轨到相距最近过程，对a棒，根据动量定理-BL△12=2m(V,-V), 又9=△，联立可得9= 4mv 故C正确： 3BL ,又由92=品且△中=BLX,联立解得X= B22￥ D,两导体棒粘连后形成的闭合回路面积为0，之后的运动过程中不再产生电流。满足机械能守恒， 则全过程两导体棒与导轨形成的闭合回路产生的焦耳热根据能量守恒定律有3mgh= 子3m（兮）'+Qg,又Qd=0回·联立解得Qa=mgh-后故D正确。 【答案】ACD 11.(7分) 【答案】(1)4.077/4.0784.079(2分)：(2)4(3分)：(3)系统误差(2分) 【详解】(1)直径d=4mm+0.01mm×7.8=4.078mm (2)根据电阻定件有R停根据欧姆定件有△U=AR,整理可得兴结合愿图可知导体L L:的电阻率之比是=子故p2=受 (3)电压表内阻影响带来的误差属于系统误差。