物理试卷-安徽省1号卷·A10联盟2025届高三4月质检考含答案及答题卡

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发射加速上升过程，卫星处于超重状态，故A错误：在轨运行速度小于第宇宙速度，故B错误： 由于轨道半径比空间站轨道半径小，因此在轨运行速度大于空间站在轨运行速度，故C正确：在轨 运了加速度大于空间站在轨运行加速度，故D错误。 阴极K的截止频常小于%，故A错误；开关闭合时加了反向电压，因此光电流会变小，故B错误； 滑动变阻器的滑片向左移，反向电压减小，到达阳极A的光电子最大动能会增大，故C正确；开关 断开时，改用波长更短的光照射阴极K,电流表的示数不一定会变大，因为不知道照射光的强弱， 故D错误。 由状态C到状态D,结合图像可知么=广，解得P,=2×10心P,故A错误；状态A到状态B的 过程中，气体压强不变、体积增大，可知气体温度升高，气体分子的平均动能增大，所以状态B气 体分子的平均动能比状态A气体分子的平均动能大，故B错误：在B→C的过程中，体积不变，气 体压强减小，单位时间内、单位面积上碰撞器壁的分子数减小，故C错误；根据P-V图像中图线与 横轴所固面积表示气体做功可知，完成A→B→C→D→A一个循环的过程中，气体对外界做功 为W=P-P+P=卫。-)=195×10J,故D正确。 2 由图可知，质点振动的周期T=10s,绳端料动频率为了=方=，故A错误：根据题意可知。 1,5以=3m,则1=2m,波的传播速度v■宁2ms,故B正确：无法确定绳波是从P向Q传播还 是从Q向P传播，故C错误；波的传播速度由介质决定，因此提高绳端抖动频率，绳波传播速度 不变，故D错误。 设A、B两点电荷电量分别为+20、+Q,放在P点的点电荷电量为9，则k =ma,该电荷从P 2 点运动到0点，电势能的减少量k碧+大号)g9=m [0 ，解得v=兮L,故B正确。 第一次以水平速度从O点抛出小球，正好落人倾角为日的斜面上的洞中，此时位移垂直于斜面， 由几何关系可知an0=必=2丝 亏”·馨得三0、被A错误：根裙速度调角的切值等于位移调 1 角的正切值的二倍，当小球以水平速度ⅴ从O点抛出，可知此时落到斜面上的位移偏角小于以水平 速度%=3ms抛出时落到斜面上的位移偏角，所以Q点在P点的上方，1<4，水平位移x>,, 所以v>,故BC错误；根据几何关系结合运动学规律可得O、A两点的高度差 为=亏g,2+Man8=5m,故D正确。 设直杆AB的长度为1，绳长为L,轻绳与水平方向夹角为a,作如图 所示的轴助线，则根据儿何关系可得cos0=MA,ANcosa+NBcos0= MA,L=AN4NB,联立可得cosa-fcos,根据平衡条件可得 c..... L mgl 2Fs血a=mg,可得F“2二产cs后，可知，直杆从图示位置绕A 点顺时针缓慢转过20角的过程中，轻绳的拉力先增大再减小，故A正确、B错误：因为直杆是缓 慢运动，处于动态平衡状态，所以重物受到的合力一直为0，故C、D错误。 8.C开关S闭合时，定值电阻R3.R并联，可得通过R:的电流为2A,此时通过副线圈的电流I3=,+I。=3A, 所以变压器原、副线圈的匝数之比：=上=，故A错误；依题意，理想变压器原线侧等效电阻 兰=心=㎡风，将开关S断开，则R增大。R增大，设电湖输出电压的有效值为U。由 【=R+R ，可知原线圈电流减小，根据子。，可知刷线圆电流减小.即电流表示数一定减小。 13n 故B错误；开关S闭合时，副线圈的输出电压U=I,R+,R,=12V,原线圈的输入电压 U,=mU,=36V,所以电源输出电压的有效值U=U,+I,R,=4IV,故C正确：开关S断开前，电源输 出的电功率P=I=41W,开关S断开后，副线圈的总电阻R=R+R,=52,原线图等效电阻 R=R=45Q,此时电源输出的电功率P=。 =33.62W,所以开关s断开前后，电源拾 R,+R效 出的电功率之比为P:P=50:41,故D错误 二、多选题：本大题共2小题，每小题5分，共10分。每题有多项符合题目要求，全部选对的得5分， 选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 9 10 答案 BC BCD 9.BC物块B向上先做加速运动后做减速运动，故A错误；A对B的推力一直做正功，B的机械能一直 增加，故B正确：当A、B刚好分离时，A,B的加速度均为gsn8,因此弹簧的弹力为零，弹簧 处于原长，故C正确：由于A、B向上做简谐运动，根据对称性，撤去推力的一瞬间，A、B的加 速度等于gsin0，,故D错误。 10.BCD设线框a6边刚进酸场1时的速度为，则2B2BLL=m,解得v=mR R 4B7,则当线框6边刚 要进職场1时，根据牛顿第二定律有mg-B=m,解得a=二&，故A错误；ab边通过磁 R 场1的过程中，通过线程截面的电量为，-28肌28C,故B正确：线板中产生的总的焦 耳热0=g×名L- 3 gL一m吕R二。故C正确：线框完全在磁场Ⅱ中运动时，线 中没有感应电流，但b两端的电压越来越大，根据右手定则可知，。端电势高，b端电势低， 因此线框b边有自由电子从a向b定向移动，故D正确。 用此做姆表粗测电流表的阻值，当用·×10"挡时发现指针偏转角度过大，可知待测电阻较小，应该换 用“×1挡，表盘指针读数为17.00；当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新洞零，由于满偏 上不变，由公式人=无，欧蝴表内阻风，得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现 出来的，由1= E R+R外R+R外 1+ 可知当R变小时，1变小，指 R 针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了，即调零后用该表测量 的电流表的内阻的测量值大于真实值 根据题意可知，用定值电阻和电流表并联测电压，电路图如图。电路采用 分压，所以滑动变阻器选择阻值较小的R:则待测电流表的内阻 R=二兰R=15.60。 (12分) 根据题意，光在玻璃砖中传播的距离为：s=4Rsi22.5°=2√2-√2R(2分】 光在玻璃砖中传播的速度为：v=:巨 (2分) t2 设玻璃砖对光的折射率为m,则：n=二=√万 (2分) )开始时，人射点离0点的距离为：d=Rcos22.5°= 2+ -R (2分) 2 将人射点下移，当光在圆弧而上刚好发生全反射时，人射角等于临界角C, 由于：simc='=2 (1分) n2 这时人射点离O点距离为：d,=RsnC= R(1分) 2 则要使光从圆弧面AB上出射，人射点的位置至少下移的距离为： d=d-d 2+- (2分) 2 (14分) 因滑块刚好能通过圆管道的最高点，所以滑块到圆管道的最高点时速度为零，滑块由D点运动到圆 管道最高点的过程，有：-2mgR=0-m%(1分) 2 解得：yp=4m/s 在D点，根据牛顿第二定律有：R一阳=m三(1分) R 解得：Fw=20N〔1分】 根据牛顿第三定律得滑块在D点对圆管道的压力大小为：Fn=F=20N〔1分) 滑块由C点运动到D点的过程，有2-呢=244(1分) 解得：e=5ms(1分)】 根据题意可知恒定拉力F最大时，滑块运动到B点时速度最大，B点的最大速度满足