物理试题_湖南省长沙市第一中学2025届高三下学期模拟（一）

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C【解析】该核反应为3襄变，A错误：根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X的质子数和质量数分别为39和 90,则X中的中子数为51，B错误：3衰变中产生的电子是由原子核中的一个中子转化成一个质子和一个电子 时放出的，C正确：率蹇期跟外界因素没有关系，只由核内部自身结构决定，D错误。故迭C A【解析】x一1图像斜率越来越小，说明货物的递废减小，若货物在0一时间内处于超重状态，则货物一定是 向下殿减速运动，选项A正确：若货物在0一时间内处于失重状态，则货物一定是向上默减速运动，选项B错 误：仅由图像无法判断出货物是否做匀变速直线运动，起重机对货物的拉力可能是恒力，也可能是变力，选项C 错误：在0一时间内，货物做减速运动，货物在一2时间内的平均速度大于2一1间内的平均递度，选项D 错误：故选A D【解析】开始时被封闭气体的压强等于p,当援慢升高气体温度且活塞未离开小挡板时，气体发生等客变 化，p一T图像是过原，点的直线：当活塞离开小挡板后气体等压膨胀，图线是平行于T轴的直线。故选D C【解析】由波形图像可知，此时质，点位于泼峰，其振动的加速度最大沿y轴负方向，选顶A错误：由机械波 的形成和传格的知识可知，介质中所有质，点都在微受迫振动，总是重复波源振动，振动频率相问，选项B错误： 由质，点动能正在逐渐增大，可知质点「此时的振动方向沿y抽正方向，故孩简瑞波沿x轴负方向传搞，又质 点b在介质中振动的频率为5Hz,可知波的周期为T■0.2s,由波形图像知波长为4m,故波速为v■20m/s。 由质点c此时对应的y轴坐标为一25m及流动方程可知，质点b和质点〔平衡位置间的距离为△r=君×含 m,要使两者的述度相同，它们的平衡位置之间中心处的质点应处于平衡位置，故1=2 2 7 3 1 1208,选 项C正确。从此时刻开始计时质点c的振动方程为y=5sim(10d一石)cm,选项D错误：故选C. D【解析】从起跳后到落地前的过程中，运动黄和负重物组成系统竖直方向受重力，所以总动量不守恒，另外 运动员在最高点等两个负重物切出的过程，是系统内力做功的过程，有其他形式的能转化为系统的机械能，系 统的机减能增加，故A、B错误：运动贾在最高，点不扔出负重物且起跳离地面速度大小不变的情况下，速度方向 与水平方向成45夹角时跳运成绩最好，C错误：运动员在最高点将两个负重物相对于地面速度为零扔出的过 程中，根据水平方向动量守恒有(M十2m)c0s37°=，'，求得'=4,4m/8,运动员在最高点将两个负重物 扔出的过程中建度增加了0.4m/s,从最高点下落的时间为0,3s,运动员可以多跳0.12m,D正确，故选D. B 【解析】由题意，粒子在质谱仪加遮电场中加速时，有gU=之m心，进入磁场中，有B=m,联立可得粒子 在磁场中的偏转半径”一 1 /2mU B g ,设轴235的质量为m,则其在磁场中偏转的最大半径为”x= 2m(U+△U) 。设仙238的质量为m,则共在磁场中偏转的最小丰径为rm=B入 2m(U一△U) 9 这两种离子在磁场中运动的轨迹不发生交叠的条件为r<r血，联立以上式子，可得罚<m+m一238+23 Vm一m=238-235 0.0063=0.63%,故选B AD【解析】根据对称性可知圆燕PM和QN在O点的合场强为0，圆燕MN在O点的场强为整个圆燕所带 电背在O,点处的扬强E。,又圆弧PM.MN和NQ在O点处的场强大小相等，则圆孤PM在图心处的场强大小 E-E,选项B错误，A正确：电势为标量，国兹PM,MN和QN在O点的电势g相等，g号，选项D正确，C 错误。故选AD. CD【解析】由库仑力F,重力mg和倾角日的关系式为F=mgtan,可知，P,Q质量之比为m=anC m2 tan B m亮-写A错误：P.Q两物体都是三力平衡，且P,Q在水平方向安到的是大小相等的库仑引力，P,Q一定 是带并种电荷，电荷量大小关系不能确定，B错误：由斜面和P,Q所构成的整体是二力平衡，水平面对斜面支 特力等于总重力，C正确：若改变PQ质量和电量使得P从图示位置沿始终静止的针面加速上滑，而Q从图示 位置沿斜面加速下滑，对整体使用牛颜第二定律可知水平面对斜面体底部的静摩擦力水平向右，D正确：故 速CD。 AC【解析】设机地卫爱的网期为T,已知地球静止卫堂的网期T:=24,在y=6h时间段内，有△=于 子十T,又5min≤T,<2h联立解得T-借.由开督利第三充体可知月-票解得号-13，A正确a 每天绕地球转m一 T =13圈，B错误，由题可知1=6h时刻与1=18h两卫星相距最近，则a,b每天有两次相距 最近，最近的距离为(n一r),C正确a,b不在一个平面运动，则a,b相距最远的距离小于(rn十n),D错误：故 选AC .BD【解析】由对称性可知，若g一g,测游戏者运到B点就会停下，但实际情况是游戏者运动到了最高点C, 故a>g,A错误：以上分析可知，位置合力为0，：位置合力为mg,且最大速度在位置，设为，x1一x: 加速度均匀变化，所以合力均匀变化，故合力平均值为乞mg,且合力方向向下，从述度最大到最高点过程，由 动能定理一之mg(-)一mg（(国一)=0-之m时解得=2一一)g,故B正骑：从A到D过 程，由图像面积的物理意义可知最大速度v=a西：联立v=√(2--)g,可得a=2一一g,C 1 错误；从A到B过程，由题意知从A点到D点和D点到C点速度变化量大小相同，从A点到D点的平均加 速度大些，故时闲短些，重力冲量小些，故D正确。故选BD。 、实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题10分）】 (6分，每空2分)(1)BC(2)4(3)B 【解析】(1)该实险采取的为控制变量法，探究两个互成角度的力的合成规律采用的是“等效替代法”，A错误： 深究加遑度与物体受力、物体质量的关系，探究影响单摆周期的因素，都是利用控制变量法，℃正确：探究平 抛运动的特，点采用的留证法和化曲为直的实险方法，D错误。故选C (2)实验时将质量相同的球1，球2分别放在档板A,C位置，将皮带置于变速塔轮第二层，转动手柄观察左右 两个标尺，此过程是探究向心力的大小与角速度的关系：在质量和半径相同时，向心力跟角速度的平方成正 比。左右塔轮角速度之比为1：2，向心力之比为1；4。 (3)向心力可以代入醉时值，即某一醉时速度可匹配与之对应的向心力，从而体现在等分标尺上。故该方法可 行，故选B。 10分，每空2分)D120(2580(3)4偏小（7 【解析(1)由题意，根据部分电路欧姆定律可得号1，R。=(【。一3)R,可得待测电流计的内阻为R,=2R:= 1200,将电流表改装成量程为6V的电压表，需要串联电阻的阻值为R=UIB=58800 (3)图乙标准电压表的示数为3.2V,毫安表的读数为0.5mA,即对应改装表的电压为3.2V,则改装后电压 表量程为。。×1mA=6.4V,圈为改装后的电压表堂程偏大，可能的原国是国为电流计内阻的测量值比 真实值偏小。 6.4 (4)由于改装后的量程为6,4V,则改装后的电表的电阻为R。=1X100=64O00,而正确量程下，电表的 内阻应为Rg'= 1×10Q=60O0Q,要达到预期改装目的，不重新测量电流计的内阻值，只需将阻值为R的某时刻一列简谐横波在某弹性介质中的波形图如图所示，介质中的三 个质点a、b、c此时刻对应的位置如图，已知质点b在介质中振动的频 率为5Hz,此时刻质点c的动能正在逐渐增大，且此时刻质点c对应 0 的y轴坐标为一2.5cm,则下列说法正确的是 A.此时刻质点a的加速度沿y轴正方向且达最大值 B质点a、b、c振动频率相同，做的不是受迫振动 C从此时刻开始经过0s,质点6和质点c的振动速度相同 D.从此时刻开始计时，质点c的振动方程为y=5sin(10t一吾)cem 如图是古代奥林匹克立定跳远的陶瓷画，图中的运动员手持一种负重物起 跳，现在我们来解释其中的原因。若某位运动员的质量为60kg,两手各持 一个质量为3kg的负重物，在某次立定跳远练习过程中，起跳离地时速度 大小为5m/s,方向与水平方向成37°夹角，在最高点将两个负重物相对于 地面速度为零扔出（时间极短），忽略空气阻力，重力加速度g■10m/s, sin37°一0.6，cos37°=0.8，下列说法正确的是 A从起跳后到落地前的过程中，运动员和负重物组成系统的总动量守恒 B.从起跳后到落地前的过程中，运动员和负重物组成系统的总机械能守恒 C.运动员在最高点不扔出负重物且起跳离地面速度大小不变的情况下，速度方向与水平方向 成60°夹角时运动员的跳远成绩最好 D.运动员在起跳离地速度不变的情况下，与在最高点不扔出负重物相比，运动员可以多 跳0.12m 轴235中常混有同位素铀238，现用如图所示的质谱仪将其分离。进人质谱仪的狭缝S之前 二者的初速度均可视为0。若加速电压在U士△U之间发生轻微浮动，且二者的轨迹不发生交叠，则曾应该不能超过