物理试题_四川省成都石室中学2024-2025学年度下期高2025届适应性考试（一)

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【解题思路】A,B,对环保袋的受力分析如图所示，可知绳带中的张力T=三 放A G 正确，B错误：C.绳带长度缩短时，a增大，c0sa减小，绳带中的张力增大，故C错误：D.减 小两绳扣间距，a减小，c0sa增大，绳带中的张力减小，故D错误。故选A。 【参考答案】D 【解题思路】A,由于A,B输电线缆通人的电流方向相反，两线缆相互排斥，故A错误：B.由右手定则 和平行四边形定则可知，A、B输电线缆在O处的合磁感应强度方向竖直向上，C输电线缆在)处的磁 感应强度方向水平向左，所以O处合磁感应强度方向应斜向左上方，放B错误：C.B输电线缆对A输 电线绳的作用力沿AB水平向左，C输电线缆对A输电线缆的作用力沿AC斜向右下，且大小为B输 电线缆对A输电线缆作用力的2倍，如图所示，由图可知，Fxc0s0一 2Fos60°=F,即C输电线缆对A输电线缆的作用力在水平方向的分 力与B输电线缆对A输电线缆的作用力大小相等，方向相反，所以A输电 线缆受到的合力即为C输电线缆对A输电线缆的作用力在竖直方向的分 力，其与水平方向的夹角为90°，故C错误：D.A输电线缆对C输电线缆的 作用力沿AC斜向左上，B输电线缆对C输电线缆的作用力沿C斜向左下，两个力大小相等且与输 电线缆A,B圆心连线夹角相等，所以C输电线缆受到的合力平行输电线缆A,B圆心连线向左，故D 正确。故选D, 【参考答案】B 【解题思路】A,传送带不运动，正电荷无法被传送到电刷F附近，不会再发生感应起电，金属球壳上的 电荷量无法增多，故A错误：B,D.金属球壳外表面均匀带电，因此金属球壳表面场强大小相等，但方 向不同，球壳表面电势处处相等，故B正确，D错误：C.当金属球壳静电平衡时，正电荷分布在金属球 壳的外表面，故C错误。故选B。 【参考答案】B 【解题思路】由图乙可知，波形图对应的质点起振方向沿y轴正方向，且开始时的周期较小，则对应的波 形图开始时波长较小。故选B. 【参考答案】B 【解题思路】A,由于核心舱与地球同步卫星的质量未知，因此不能确定它们做圆周运动的向心力大小 之比，故A错误：B由题图可知n=10,-10r,根据GM恤=ma可得，a=Gx,核心舱与地球 同步卫星的向心加速度大小之比为10：10”，故B正确：C,根据开普勒第三定律可知，核心舱与地球 同步卫星的周期之比于一，严，故C错误：D.根据GM恤=m兰可得，w一 GM 正，核心舱与 /10 地球同步卫星的速率之比器√，故D错误。放选B。 【参考答案】C 【解题思路卫min接水108L.则每秒流出水的体积△V-10S。m/-9×10m/,则每秒时间 内流出水的质量△m=△V·,设水的流速为，每秒时间内水对杯子底部的冲击力大小为F,则杯底 对水的冲击力大小也为F,规定向上为正方向，根据动量定理有F△1=0一（一△nw),1=10s时，台秤的 读数F-F+(△m·1十m)g,联立并代人数据，解得v=4m/s。故选C。 【参考答案】BC 【解题思路】A.向右滑动滑动变阻器的滑片，若光电流已经达到饱和，侧光电流不变，故A错误：B。根 据，W,-B,B=U可得，U-名-化则三种光的频率关系为n,故B正确：C断开开 关，光电效应还会发生，光电流会减小，但不会变为0，故C正确：D,由图乙知，光线1产生的饱和光电 流大，又因为光线1和光线3频率相等，则光线1的强度大于光线3的强度，故D错误。故选C 【参考答案】B以 【解题思路】A,设变压器原，副线圈的电压分别为U,U2,电流分别为1，I2,正弦交流电源的输出电压 U,-R+U,对理想变压器得，号是号根据欧姆定律可得，，-1R+R).联立以上网式 得.U。=R+(”)(R,+R)],电压U,恒定向右测节浙片使滑动变阻器R连入电路中的电阻增 大，则原线圈电流I减小，则电阻R,上分压减小，正弦交流电源输出电压的有效值恒定，则原线圈电 压U,增大，副线圈电压U2也增大，即电压表示数U增大，故A错误：B.电压表示数与电流表示数的 比值为定值电阻R,和滑动变阻器R阻值之和，滑动变阻器R连入电路的电阻增大，则比值变大，故B 正确：C.由A选项分析可得，，-1，R+,-”1,R,+,整理得2=-（四）R,12+U,则 智为函数山，-上的斜率，为-（侣）R,所以智不变，放C正确：D.变压器的输出功率P-U1 -R,=一R厅+U,,根据二次函数知识可知，当1=一么 -识录时，变压器的输出功率 最大与U-=[R+(份)(R,+R)]联立，可得当R-(份)(R+R).即R=(供)R-R=} R,一R:一0时，变压器的输出功率最大，在滑动变阻器R滑片向右调节的过程中，电阻R>0且一直增 大，则变压器的输出功率一直减小，故D错误。故选BC。 0.【参考答案】AD 【解题思路】八，C,以传送带为参考系，把2=3m/s分解到沿传送带运动的反方向（规定为x轴正方 向)和垂直于传送带沿纸面向上方向（规定为y轴正方向），则物品相对于传送带的运动速度 使物品不冲出传送带，传送带的宽度需要大于0.96m,故A正确，C错误：B.由以上分析知，物品冲 上传送带时受到摩擦力的方向为速度，的反方向，其与2的方向不在同一条直线，故物品相对地面 故曲线运动，故B错误：D.以传送带为参考系，设物品从滑上传送带到相对传送带静止，系统因摩擦 产生的热量为Q,根据能量守恒定律得，2m心-Q,解得Q-24J,故D正确。故选AD, 【参考答案】(1)3.11(2分)9.64(2分)(2)水滴下落过程受到空气阻力的作用(2分) 【解题思路】(1)根据题意可知，图片与实物比例为1：10，又因为某段时间内的平均速度等于中间时 刻的瞬时速度，可知2号水滴此时的速度大小==0.0502+0.1573)X1 m/s海3.11m/s:根据 2× 3 逐差法可知，重力加速度大小g=-0.1573-0.0502)×10 m/s2≈9.64m/s2. 2)测量的重力加速度小于当地重力加速度的原因可能是由于水滴下落过程受到空气阻力的作用 【参考答案】(1)偏大(1分)(2)×1k(1分)(3)V,(2分)A(2分) (2分) (4)21.3(2分) 【解题思路】(1)越不纯争的水，水中能够自由移动的粒子就越多，则导电性能越强，电阻率越小，而电 导率是电阳率的倒数，则电导率越大 2)由图2可知，欧姆表指针偏角过小，为使指针在中央刻度附近，需要换选“×1k”挡。 3)由于电源的电动势为6V,则在选取电压表时应选择量程接近电源电动势的电表，即选择电压表 V,这样在实验中才能保证电表在测量时其最大读数超过量程的三分之二，从面碱小实验误差：选择 也流表时可用直除法，用电源的电动势直接除以待测电阻的大概阻值，从而得到一个粗略电流的范围 进行电流表的选择，由图2中“×100”挡时欧姆表的读数可知，待测电阻为10000Ω左右，通过直除法 可得，电流为6004A左右，再根据电表的读数要求可知，电流表应选择表A:由于所给滑动变阻器的 阻值远小于待测电阻的阻值，因此滑动变阻器采用分压式接法，而电流表的内阻远小于待测电阳的阻 值，根据R,>√RR进行判断，可知电流表采用内接法，电路图如图所示。