物理试题_浙江省强基联盟2025届高三下学期5月联考

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浙江强基联盟2025年5月高三联考 物理卷参考答案与评分标准 D基本单位是国际单位制中规定的基本量的单位，质量是基木量，米是长度的基本单位，A选项中质量不 是单位，A错误：牛顿是导出单位，安培是基本单位，B错误：开尔文是基本单位，焦耳是导出单位，C错误：克 是质量的常用单位，秒是时间的基本单位，D正确 A计算列车通过桥的时间时，列车长度不可忽略，不能看成质点，A正确：平均速度是位移与时间的比值， 全程位移未知，不能计算平均速度，148km/h是平均速率，B错误；“14：15”指的是时刻，C错误：列车匀速转 弯时，乘客做圆周运动，有向心加速度，不是平衡状态，D错误， D小车对弹簧的拉力是小车发生形变而产生的，A错误：小车没拉动，弹簧对小车的拉力与地面对小车的 摩擦力是平衡力，大小相等，B错误：弹簧对小车的力与小车对弹簧的力是相互作用力，大小相等，C错误：小 车加速向右运动时，砝码有向右的加速度，车对砝码的力在竖直方向平衡重力，水平方向提供加速度，所以车 对砝码的力大于mg,D正确， C该衰变方程是3衰变，A错误：X是原子核内的中子转化为质子时放出的电子，B错误，衰变后的产物更 稳定，比结合能更大，所以Ni的比结合能比智Co的大，C正确：半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少 量原子核不适用，D错误 B根据开普勒第二定律，探测器与火星的连线在相等时间内扫过的面积相等，但两阴影部分不是在相同轨 道内扫过的，面积不相等，A错误：根据开普勒第三定律，I轨道半径大于Ⅱ轨道半径，所以探测器在I轨 道运行的周期大于在Ⅱ轨道运行的周期，B正确：探测器从I轨道到Ⅱ轨道需在P点减速，所以探测器 在Ⅱ轨道上通过P点时的速度小于在I轨道上通过P点时的速度，C错误；根据a=GM/,探测器在Ⅱ 轨道上通过P点时与在I轨道上通过P点时到火星的距离相同，加速度相等，D错误 :根据折射定律用=册。光在玻璃中的传播速度=斤(：为真空中光速).光在玻璃中传播的路程= s9传播时间t=三=d d csinc9-n29由图可知8<8，那么28 与之=a×是将=m代入可得t=2= 20:,sin20,<sim20,在dc、sni都相同的情况下，a光传播时间.=2,6光传插财阿，= csin 26.' 所以1，<，A选项错误，根据光路可逆原理，光在下表面不可能发生全反射，B选项错误，由v=二和n= sim9可得v=csin. sin i n,a,b光人射角i相同，则a,b光线在该玻璃砖运动的速度大小之比为兰=s血8，C选项 v sin 正确，由折射定律a=品台人射角相同，折射角8<，可知a光折射率，大于6光折射率m,折射率大的 光频率大，根据光电效应方程E=hv一W。(h为普朗克常量，￥为光频率，W。为金属逸出功)，用a,b光分别 照射同一金属板(W。相同)，a光频率大，所以a光产生的光电子最大初动能较大，D选项错误 A迹项A,沿电场线方向电势降低，说明内部电势低，外部电势高，电场线是有源线，所以b等势面内部背定 存在负电荷，A选项正确：选项B,从A点沿虚线运动到B点，根据曲线运动中合力指向轨迹凹侧，可知试探 电荷所受电场力方向大致指向圆心，所以试探电荷所受电场力方向与电场线方向相同，该试探电荷带正电，B 选项错误.选项C,A,B处于同一等势面，则电场力做功W=0,所以试探电荷在A,B两点动能相等，速度大 小相等，C选项错误.选项D电子带负电，电场力做功为15©V,D选项错误 BA.由题意可知，若粒子带正电，运动轨迹如图所示，若粒子带负A B 电，由对称性，粒子在电场中向上偏转，磁场中运动的圆轨迹与正粒 子圆轨迹相重合，故不论带何种电荷，都符合题意，A错误，B.如图所 示，取正粒子运动轨迹，轨迹恰好和隘场另外三个边界相切，运动号 个圆周后返同电场，所以圆弧对应的圆心角为240°，可知图中设定的 H )=a=60°，设粒子在磁场中运动轨道半径为r,由儿何关系r十rcos@ =L,r= 二L,设P点速度为，根据速度的分解可得=2 34, B=m，解得：B=3m ,B正确：C L 若电场强度减弱，粒子进入磁场的偏转角减小，粒子在磁场中运动的轨道半径减小，圆轨道对应的圆心角变 小，所以在磁场中运动时间将变短，C错误：D.粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，PQ= 222 sina= 2m0 qB PQ距离不变，D错误 B沿Ab路径运动的尘埃粒子所受太阳的引力小于太阳光对它的辐射压力，粒子才会沿径向向外推开，A 错误：半径为R,的尘埃粒子在？1时间内接收到光的能量E=P△R,根据p=E/c,动量为P,△R 4r2 ,B正 确：若某尘埃粒子沿A如路径运动，引力小于辐射压力，<三（S=xR),解得R<1 3P。 4πcr -,C错误： 若保持其他条件不变，仅增大太阳辐射功率P,根据R=品。，沿Ab路径运动的尘埃粒子半径将增大， 3P D错误 ,C当人和装置下滑速率为v时，导体棒d产生的感应电动势E=BLu.此时电路中n一1根导体棒在磁场 外，1根(cd棒)在磁场内，”一1根导体棒并联后与cd棒串联。m一1根导体棒并联电阻R,=一，总电阻R。 =十，与气根据欧姆定律1=专==DBL≠L,所以A选项销误，B装置下滑达到最 Ro nr 一1 大速度.时，加速度a=0,此时重力等于安培力，即mg=F装，安培力F=BL,I=一)BL巴（由前面计 mgnr 出的电流表达式)，则F=BX”LXL=”一，解得三B选项错澳 nr C.根据动量定理(mg一F安)1=m,其中Fg=BL,1=一1)BL,则Fg=m一1)BL型 所以mgt一 n-)BLΣ△=m,而∑△=x(r为下降距离)，整理可得mg1一”-少BL x=mU,进一步变形可得 B0,C选项正确.D.安培力的功率P=F装，Pe-L,所以P=n-DBL过.当 x=ur(mgt-mo) nr P 磁场的磁感应强度B增大为原来的2倍时，安培力F=B'I'L(B=2B),由于B增大，感应电动势E= 2BL,总电阻不变，电流了会变化，同时装置下滑的速度会减小（因为安培力增大，阻力增大，速度会减 小).不能简单得出功率变为原来的4倍，所以D选项错误， CD黑体是能完全吸收外来电磁辐射面不发生反射和透射的理想化模型，会向外辐射电磁波，A带误，核 电站反应堆中需要用“慢化剂”使中子减速，控制链式反应的速度的是镉棒，B错误，红外线频率比可见光 纸，对应光子能量小，物质吸收光子能量后，再跃迁释放出的光子能量不会超过吸收的能量，所以吸收红外 线光子后，即便释放光子，其能量也低于可见光光子能量，对应光不可见，C正确，光电效应、康普顿效应都可 证明光具有粒子性，D正确， CD选项A,两列波发生干沙的条件是频率相同相位差恒定，振动方向相同.两波源同时起振，周期相同 则频率相同，且从图中可知振动方向相同（都在y方向），如果相位差恒定，是可以发生干涉的，所以两列波有 可能发生干涉，A选项错误.选项B,由计算可知，波源S,产生的波传播到x=一0.75m处需2.25s,所以t =2.25s时，x=一0.75m处的质点开始振动，B选项正确.选项C,t=3.25s时，两波同时到达一0.75 m和0.5m处，根据波的叠加原理，在一0.75m≤x≤0.5m区域，两波引起的位移大小相等，方向相反，所以 该区城质点位移都为0，C选项正确.选项D,t=3.75s时，波源S,产生的波和波源S:产生的波在x=0.5 m处引起的位移大小相等，方向相同，根据波的叠加原理，质点位移为20cm,D选项正确。 AB当R=16n时，变压器等效电阻R等嫩=4Q=r十R,变压器输出功率最大，A正确：电流表读数为1 A,变压器等效电阻5D,总电阻为9，线圈ABCD产生感应电动势的最大值为9√2V,B正确：副线圈还是 会产生电流，C错误，电流表读数始终为1A,D错误 解析：(1)选项A:用向心力演示仪探究向心力的大小与质量，角速度和半径之间的关系时，向心力演示 仪本身可通过调节旋钮等方式改变相关物理量，不需要用刻度尺去测量长度相关数据，所以该实验不需要 用到刻度尺，选项B:探究加速度与力，质量的关系时，需要用刻度尺测量纸带上点迹间的距离，所以需要用 到刻度尺，选项C:探究弹簧伸长量与形变量之间的关系，需要用刻度尺测量长度，所以需要用到刻度尺，选 项D:用单摆测量重力加速度的大小时，需要用刻度尺测量单摆的摆长，所以需要用到刻度尺 (2)①根据20分度的游标卡尺读数规则为1.070cm: ②根据单摆的周期公式T=2:√ ,得1=各T,当T=0时，l应该等于0，图像=a,因此所测摆长比 际长了，故选C: ③根据图丙可知.=云T十a,又=号=杂，解得=。 ④选项A:测摆长时记录的是摆线的长度，而实际摆长应为摆线长度加上摆球半径，这样测得的摆长！偏小， !偏小会使g值偏小，所以A错误.选项B:开始计时时，停表过早按下，会使测量的时间t偏大，T偏大则g 值偏小，所以B错误，选项C:摆线上端未牢固地系于悬点，摆动中出现松动，使摆线长度增加了，即实际摆 长变长，但测量时按初始摆长测量，测量的摆长！偏小，在T不变的情况下，！偏小会使g值偏小，所以C错 误，选项D:实验中误将29次全振动数记为30次，”增大，测量的周期T偏小，T偏小会使g值偏大，所以D 正确。 14一Ⅱ(2分)A选项A:在“验证动量守恒定律”实验中，为了保证入射小球不反弹，人射小球的质量必须大 于被碰小球的质量，因为若入射小球质量小于被碰小球质量，碰撞后入射小球会反向运动，不利于实验数据 的测量和分析，所以该选项正确 选项B:在“验证机械能守恒定律”实验中，应先接通打点计时器的电源，待打点稳定后再释放重物.若在释 放重物的同时接通打点计时器的电源，会导致开始的儿个点记录不准确，影响实验数据的采集和分析，所以 该选项错误 选项C:在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，应先撒入雍子粉，再滴入油酸酒精溶液.这样做是为了 让油酸酒精溶液在水面上扩散形成单分子油膜时，痱子粉能清晰地显示出油膜的轮廓，便于后续测量油膜 面积，所以该选项错误 选项D:在“用双缝干涉实验测量光的被长”实验中，若分划板的中心刻线与条纹不平行，应调节测量头使 分划板与条纹平行，而不是调节拨杆，拨杆的作用通常是用于调节干涉条纹的间距等其他功能，所以该选项 错误。 14一Ⅲ(6分)(1)EDBCA(1分)(2)3000(1分)(3)①等于(1分)等于(1分)②RR(2分) 解析：(1)木实验先进行机械调零，再把选择开关旋转到合适的挡位，进行欧姆调零，然后把红黑表笔分别接 在R,两端进行测量，测量完毕后把选择开关旋转到交流电压最高挡，所以正确的操作顺序是EDBCA (2)由图乙所示可知，使用欧姆挡的倍率“×100”，多用电表的指针位置如图所示，则R,=30×100Q= 30002 (3)①汇1]按图丙中电路图连接，闭合开关，调节电阻箱R使检流计示数为零，此时电阻箱读数为R,则通过 电阻箱的电流等于通过待测电阻的电流：[2]检流计示数为零，说明电流计和R。左右两端的电势相等，可等 效为一点；电阻箱两端的电压等于电源E的电动势： ②根据闭合电路的欧姆定律，第一次是-是，第二次是-是，待测电阻R,=√瓜R。 15.(8分) (1)吸收不变(2)350K(3)2.11J 解：(1)在活塞从初始位置缓慢上移至卡口处的过程中，气体体积增大，对外做功，由于汽缸是导热的，气体 温度升高，内能增大，所以缸内气体吸收热量，(1分) 活塞受力平衡：S=pS十mg,因为m,g、P,S都不变，所以缸内气体压强不变.