物理试题_福建省莆田市2025届高三下学期第四次教学质量检测试

物理试题、高三、2025年试卷、福建省莆田市高三下学期第四次教学质量检测试，教学小助手用云盘分享Word版资源文件：物理试题-福建省莆田市2025届高三下学期第四次教学质量检测试，若想获取电子版资源，请下载！更多试题详解、参考答案、解析应有尽有，历来真题，提优就来下载打印刷真题吧！

莆田市2025届高中毕业班第四次教学质量检测试卷·物理 参考答案、提示及评分细则 ,A由于图甲中比图乙中小船航行分运动的位移小，所以图甲中比图乙中小船渡河的时间短，选项A正确：根据运动的 合成法则，图甲中比图乙中小船渡河的合速度小、合位移也小，选项B,C错误：图甲和图乙中小船均做匀速直线运动，选 项D错误， .B由于物块静止在斜面上，因此≥tan0,则B项正确. .A要使金属棒处于原静止状态需要施加的最小外力等于安培力的水平分力，即F=3BL·A项正确. CA在泰道上有G=m,a十m4g,近地飞行的B卫星GP= ;M=kma,联立两式解得g=(k一1Da.C项正确. BC 根据光的折射定律川=册及公式”=÷可知，玻璃对：光的折射率大于对6光的折射率，“光在玻璃中的传播速 sin r 度小于b光的传播速度，选项A错误，B正确；根据对称性和光路的可逆性可知，两单色光在玻璃下表面射出的光均平 行于在A点人射的复色光，增大复色光在A点的人射角，单色光a在玻璃的下表面不可能发生全反射，选项C正确，D 错误 .AD电路产生的妮时电动势=BL=62sin50π(V),则En=6反V,T=红s=O.O4s,选项A正确，B错误：E= 50r 后-6V.U:朵×E=4V.选项C错误：电路中电流有效值为1千，=04A金网棒消耗的电功率为P=r= 0.8W,选项D正确. .D设带正电小球所受电场力合力的竖直分力为F,,因为A的带电量小于B的带电量，所以F,的方向向下，小球的 加速度a=g十三，小球从P运动到O的过程，F,可能先增大后减小，也可能一直减小，因而小球的加速度“可能先增 大后减小，也可能一直减小，B项正确，A项错误；从P到O过程，电场力一直做正功，小球的电势能逐渐诚小，C项错 误：正电荷在高电势处电势能大，在低电势处电势能小，选项D正确。 ,C由于射出的粒子有的能沿垂直AD边射出，因此磁场方向一定垂直三角形平面向外，A项错误： 设粒子射出速度大小为w时，轨迹与AD相切，设轨迹半径为r,根据几何关系，2℃0s30°= 二L,解得 ,=上，根据牛顿第二定律，B=m些，解得=L,B项正确：由几何关系可知AD边有粒子 4/3 12m 射出区城长度接近EF=十L,AC边有粒子射出区城长度接近PQ=L.C项正确，D项销误， 9.(1)H(2)He(3)H(每空1分) 解析：(1)(2)(3)根据核反应方程所遵循的质量数守恒、核电荷数守恒规律可得，N+H©一O+H:揽U一→翻Th +He;j+H-Heton. 10.放热3×103400（每空1分） 解析：气体从状态A到状态B的过程是等容降压变化，温度降低，内能减少，外界对气体不做功，根据热力学第一定律 U=W+Q可知.气体从状态A到状态B要放热：气体从状态B到状态C对外做的功为Wx=p△V=1X10×3m= 3X10J;气体从状态A到状态C,根据气体的状态方程有Y=,代人数据解得T=400K T Te 11.100.60.6(每空1分) 解析：由于=0时刻均在平衡位置的P,Q两质点的振动方向相反(P点向下，Q点向上)，两质点间只有两个波峰，因 此受入=6m,解得X=4m,由振动方程可知，T=0.4s,因此波传播的速度大小。=产=10m/s:质点Q比质点P振动 滞后1.5T=0.6$:当质点Q开始起振时，质点P运动的路程为s=6A=60cm=0.6m 12.(1)1,70(2分)(2)竖直（或平行）(1分)(3)4(1分) bd(1分) 2kgr 解析：(1)意光片的宽度d=1mm+0.05mm×14=1.70mm: (2)调节定滑轮的高度，使牵引物块的轻绳与长木板平行，嗣节测力计的位置，使动滑轮两边的轻绳竖直： (3)设物块的质量为M,根据牛顿第二定律，F-Mk=M,=2,其中。=兰，得到F=M+艺·十，结合题意 有Mg=6,芸=k解得 bd 2kgx 13D见解析(2分)(2号-R2分)(30.501分）)子1分)是-R:1分) 解析：(1)电路连接如图所示. 解：(1)物体先做匀加速直线运动，设物体做加速运动的末速度大小为，依题意有 加速度大小为ao=9m/s2(1分) 位移大小为x0=50m(1分) 由速度一位移公式有2=2x。(2分) 代入数据解得海=30m/s(2分) (2)物体做减速直线运动的过程中加速度逐渐减小，结合题图有 Z×△x=0-w2(2分) -2×2 其中△x=200m一50m=150m(1分) 解得am=4m/s(2分) 解：(1)设小球4与物块b碰撞前一瞬间速度大小为1，在A点抛出的初速度大小为0，则 竖直方向根据运动学公式(hsin45)2=2gh(2分) 综合解得功=瑞c0s45°=√2g=6m/s(1分) (2)a与6碰撞过程，根据动量守恒有受m=之m选十m（1分) 2m2+ 根据机械能守恒有号×合m©2-之×宁m 乞m4(1分) 解得欧=一2m/s,必=4m/s(1分) 根据题意，物块b滑离长木板时的速度=2m/s 根据动能定理有mg×L=子m一之ma°1分) 解得=0.15(1分) (3)假设a、b碰撞后物块b能滑到长木板的右端，令此时物块b和长木板的速度大小分别为v,、,则 由动量守恒定律有m购=w,十35(1分) 由能量守恒定律有